2012屆高考物理命題揭秘21 帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專(zhuān)項(xiàng)復(fù)習(xí)題(含

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備戰(zhàn)2012屆高考物理一輪復(fù)習(xí)揭秘系列講義:揭秘21 帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)(人教版)
高頻考點(diǎn):帶電粒子在電場(chǎng)中的加速、帶電粒子在電場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)、帶電粒子受到約束在電場(chǎng)中的圓周運(yùn)動(dòng)、帶電粒子受到約束在電場(chǎng)中的一般運(yùn)動(dòng)
動(dòng)態(tài)發(fā)布:2011福建理綜卷第20題、2010四川理綜卷第21題、2010安徽理綜第24題、2010四川理綜第25題
命題規(guī)律:帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)是高中物理重要的知識(shí)點(diǎn),是高考考查的重點(diǎn),高考命題常以新情境考查,而且經(jīng)常與其他知識(shí)綜合出題,難度一般為中等和偏難。
命題分析
考查方式一 反射式速調(diào)管
【命題分析】帶電粒子在電場(chǎng)中的加速一般應(yīng)用動(dòng)能定理,qU= v22— v12;帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng),應(yīng)用類(lèi)似于平拋運(yùn)動(dòng)的處理方法分析處理。注意:不管何種靜止帶電粒子,經(jīng)相同電場(chǎng)加速后進(jìn)入同一偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)運(yùn)動(dòng),其軌跡是重合的。帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng),綜合了靜電場(chǎng)和力學(xué)的知識(shí),分析方法是:首先選擇研究對(duì)象,分析受力情況和運(yùn)動(dòng)過(guò)程(是平衡還是加速運(yùn)動(dòng)、減速運(yùn)動(dòng),是直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)還是曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)),然后選擇適當(dāng)規(guī)律列方程解答。
例1(2011福建理綜卷第20題)反射式速調(diào)管是常用的微波器械之一,它利用電子團(tuán)在電場(chǎng)中的振蕩產(chǎn)生微波,其振蕩原理與下述過(guò)程類(lèi)似。如圖所示,在虛線(xiàn) 兩側(cè)分別存在著方向相反的兩個(gè)勻強(qiáng)電場(chǎng),一帶電微粒從A點(diǎn)由靜止開(kāi)始,在電場(chǎng)力作用下沿直線(xiàn)在A、B兩點(diǎn)間往返運(yùn)動(dòng)。已知電場(chǎng)強(qiáng)度的大小分別是 N/C和 N/C,方向如圖所示,帶電微粒質(zhì)量 ,帶電量 ,A點(diǎn)距虛線(xiàn) 的距離 ,不計(jì)帶電微粒的重力,忽略相對(duì)論效應(yīng)。求:
(1)B點(diǎn)到虛線(xiàn) 的距離 ;
(2)帶電微粒從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)所經(jīng)歷的時(shí)間 。
【解析】:
(1)帶電微粒由A運(yùn)動(dòng)到B的過(guò)程中,由動(dòng)能定理有│q│E1d1-│q│E2d2=0,
A.滑塊從到N的過(guò)程中,速度可能一直增大
B.滑塊從位置1到2的過(guò)程中,電場(chǎng)力做的功比從位置3到4的小
C.在、N之間的范圍內(nèi),可能存在滑塊速度相同的兩個(gè)位置
D.在、N之間可能存在只由電場(chǎng)力確定滑塊加速度大小的三個(gè)位置
【解析】由滑塊在、N時(shí)彈簧的彈力大小相等,O<ON可知,小滑塊在點(diǎn)時(shí)彈簧壓縮,在N點(diǎn)彈簧拉伸。在N點(diǎn)如果電場(chǎng)力不小于彈簧彈力的分力,則滑塊一直加速,選項(xiàng)A正確。在N點(diǎn)如果電場(chǎng)力小于彈簧彈力沿光滑桿方向的分力,則滑塊先加速后減速,就可能存在兩個(gè)位置的速度相同,選項(xiàng)C正確。1、2與3、4間的電勢(shì)差相等,電場(chǎng)力做功相等,選項(xiàng)B錯(cuò)誤。由于點(diǎn)和N點(diǎn)彈簧的長(zhǎng)度不同但彈力相等,說(shuō)明點(diǎn)時(shí)彈簧是壓縮的,在彈簧與水平桿垂直和彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)的兩個(gè)位置滑塊的加速度只由電場(chǎng)力決定,選項(xiàng)D錯(cuò)誤。
【答案】AC
【點(diǎn)評(píng)】此題考查胡克定律、電場(chǎng)力、電場(chǎng)力做功、變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)、加速度等。
例3.(2010安徽理綜第24題)如圖,ABD為豎直平面內(nèi)的光滑絕緣軌道,其中AB段是水平的,BD段為半徑R=0.2的半圓,兩段軌道相切于B點(diǎn),整個(gè)軌道處在豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)中,場(chǎng)強(qiáng)大小E=5.0×103V/。一不帶電的絕緣小球甲,以速度υ0沿水平軌道向右運(yùn)動(dòng),與靜止在B點(diǎn)帶正電的小球乙發(fā)生彈性碰撞。已知甲、乙兩球的質(zhì)量均為=1.0×10-2kg,乙所帶電荷量q=2.0×10-5C,g取10/s2。(水平軌道足夠長(zhǎng),甲、乙兩球可視為質(zhì)點(diǎn),整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程無(wú)電荷轉(zhuǎn)移)
(1) 甲乙兩球碰撞后,乙恰能通過(guò)軌道的最高點(diǎn)D,求乙在軌道上的首次落點(diǎn)到B點(diǎn)的距離;
(2)在滿(mǎn)足(1)的條件下。求甲的速度v0;
(3)若甲仍以速度v0向右運(yùn)動(dòng),增大甲的質(zhì)量,保持乙的質(zhì)量不變,求乙在軌道上的首次落點(diǎn)到B點(diǎn)的距離范圍。
【解析】(1)在乙恰好能通過(guò)軌道的最高點(diǎn)的情況下,設(shè)乙到達(dá)最高點(diǎn)的速度為vD,乙離開(kāi)D點(diǎn)到達(dá)水平軌道的時(shí)間為t,乙的落點(diǎn)到B點(diǎn)的距離為 ,則


x=vDt ③
聯(lián)立①②③得:x=0.4。 ④
(2)設(shè)碰撞后甲、乙的速度分別為v甲、v乙,根據(jù)動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒定律有:


聯(lián)立⑤⑥得:v乙= v0 ⑦
由動(dòng)能定理得:-g•2R-qE•2R= v02- v乙2 ⑧
聯(lián)立①⑦⑧得:v0= =2 /s ⑨
(3)設(shè)甲的質(zhì)量為,碰撞后甲、乙的速度分別為v、v,根據(jù)動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒定律有: v0= v+ v ○10
v02= v2+ v2 ○11
聯(lián)立○10○11得: ○12
由○12和≥,可得:v0≤v<2 v0 ○13
設(shè)乙球過(guò)D點(diǎn)的速度為 ,由動(dòng)能定理得-g•2R-qE•2R= vD’2- v2 ○14
聯(lián)立⑨○13○14得:2/s≤vD’<8 /s ○15
設(shè)乙在水平軌道上的落點(diǎn)到B點(diǎn)的距離為x’,則有x’= vD’t ○16
聯(lián)立②○15○16得:0.4≤x’<1.6
【點(diǎn)評(píng)】此題考查帶電小球豎直平面內(nèi)的圓周運(yùn)動(dòng)、類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)、完全彈性碰撞和直線(xiàn)運(yùn)動(dòng),涉及的主要知識(shí)點(diǎn)有類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律、動(dòng)能定理、動(dòng)量守恒定律、動(dòng)能守恒、牛頓運(yùn)動(dòng)定律、等。
例4.(2010四川理綜第25題)如圖所示,空間有場(chǎng)強(qiáng)E=0.5N/C的豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng),長(zhǎng)L=0.3 的不可伸長(zhǎng)的輕繩一端固定于O點(diǎn),另一端系一質(zhì)量=0.01kg的不帶電小球A,拉起小球至繩水平后,無(wú)初速釋放。另一電荷量q=+0.1C、質(zhì)量與A相同的小球P,以速度v0=3 /s水平拋出,經(jīng)時(shí)間t=0.2s與小球A在D點(diǎn)迎面正碰并粘在一起成為小球C,碰后瞬間斷開(kāi)輕繩,同時(shí)對(duì)小球C施加一恒力,此后小球C與D點(diǎn)下方一足夠大的平板相遇。不計(jì)空氣阻力,小球均可視為質(zhì)點(diǎn),取g=10/s2。
(1)求碰撞前瞬間小球P的速度。
(2)若小球 經(jīng)過(guò)路程s=0.09到達(dá)平板,此時(shí)速度恰好為0,求所加的恒力。
(3)若施加恒力后,保持平板垂直于紙面且與水平面的夾角不變,在D點(diǎn)下方任意改變平板位置,小球C均能與平板正碰,求出所有滿(mǎn)足條件的恒力。
【解析】 ⑴P做拋物線(xiàn)運(yùn)動(dòng),豎直方向的加速度為 /s2
在D點(diǎn)的豎直速度為 vy=at=3/s。
P碰前的速度為 /s
⑵設(shè)在D點(diǎn)輕繩與豎直方向的夾角為θ,由于P與A迎面正碰,則P與A速度方向相反,所以P的速度與水平方向的夾角為θ有 ,
⑶平板足夠大,如果將平板放置到無(wú)限遠(yuǎn)根據(jù)題意也能相碰,此時(shí)小球C必須勻速或加速不能減速,所以滿(mǎn)足條件的恒力在豎直線(xiàn)與C的速度線(xiàn)之間,設(shè)恒力與豎直方向的夾角為β,則 0≤β<120°
在垂直速度的方向上,恒力的分力與重力和電場(chǎng)力合力的分力等大反向,有
Fcos(β-) =(2g+qE) cos
則滿(mǎn)足條件的恒力為 (其中0≤β<120°)
【點(diǎn)評(píng)】此題考查帶電小球的類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)、完全非彈性碰撞和直線(xiàn)運(yùn)動(dòng),涉及的主要知識(shí)點(diǎn)有類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律、動(dòng)能定理、動(dòng)量守恒定律、牛頓運(yùn)動(dòng)定律、力的合成與分解、勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)規(guī)律等



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